Pavyzdžiai olimpiados užduotis chemijos 9 klasei rasite šiame puslapyje. Sudarėme mokomąjį olimpiados testų ir užduočių rinkinį, padėsiantį mokiniams pasiruošti olimpiadai kartojant ir apibendrinant anksčiau išstuduotą medžiagą. Pateikta medžiaga mokytojai kviečiami vesti chemijos pamoką, skirtą olimpiados užduočių analizei.
Visos užduotys turi atsakymus ir detalūs sprendimai. Todėl moksleiviai gali naudoti šį rinkinį savarankiškam mokymuisi. Savo žinių lygį jie galės įvertinti patikrinę atsakymus puslapio apačioje, išsprendę užduotis. Nerekomenduojame žvilgtelėti į atsakymus prieš bandant pačiam išspręsti užduotis. Tik taip galite pasiruošti olimpinėms žaidynėms.
Chemijos olimpiada 9 kl
Atsisiųskite užduotis užpildę formą!
Kai pateiksite duomenis, atsisiuntimo mygtukas taps aktyvus.
Testo užduotys
1. A) BaCl2 turi didžiausią molekulinę masę
B) BaS04
B) Ba3(P04)2
D) Ba3P2
2. Trijų elementų medžiaga yra... A) sieros rūgštis
B) negesintos kalkės (kalcio oksidas)
B) geležies (III) chloridas
D) vario sulfatas.
H. Reakcijos (CuOH)2C03 + HC1 = CuC12 + CO2 + ... koeficientų suma molekulinėje lygtyje
A) 10
B) 11
B) 12
D) 9
4. Medžiagos kiekis (mol), esantis 6,255 g fosforo (V) chlorido
A) 0,5
B) 0,3
B) 0,03
D) 0,15
5. Protonų ir neutronų skaičius 40 K izotopo branduolyje
A) p = 20, n = 19
B) p = 40, n = 19
B) p = 19, n = 21
D) p = 21, n = 19
6. Reakcija, dėl kurios susidaro nuosėdos
A) KOH + HC1
B) K2S03 + H2S04
B) Cu(OH)2 +HNO3
D) Na2S + Pb(N03)2
7. 150 g kalcio chlorido ištirpinta 250 ml vandens. Druskos masės dalis tirpale (procentais) yra lygi:
A) 60
B) 37.5
B) 75
D) 62,5
8. Didžiausia deguonies masės dalis junginyje yra:
A) kalio sulfatas
B) kalio sulfitas
B) kalio fosfatas
D) kalio karbonatas
9. Reakcijos molekulinėje lygtyje Ba(OH)2 + Ba(H2PO4)2 -> vidurinė druska + ...
koeficientų suma yra lygi:
A) 4
B) 6
B) 8
D) 10
10. Sieros dioksido, užimančio tūrį, masė (gramais). normaliomis sąlygomis 7 l, lygus:
A) 20
B) 25
B) 10
D) 13,75
Atviri klausimai
1 klausimas
Kai 9,6 g metalo (III) oksido reaguoja su sieros rūgštimi, susidaro 24 g metalo (III) sulfato. Identifikuokite metalą.
2 klausimas
Parašykite reakcijų lygtis, pagal kurias kalcio fosfatą galima gauti naudojant paprastas medžiagas kalcį, fosforą ir deguonį.
3 klausimas
Bario ir natrio karbonatų mišinio perteklius ištirpinama 50 g druskos rūgštis. Įpilant natrio sulfato tirpalo perteklių į tirpalą, gautą po reakcijų, nusėda 46,6 g nuosėdų.
Parašykite vykstančių reakcijų lygtis ir nustatykite masės frakcijos(%) karbonatų mišinyje.
4 klausimas
25 g cinko miltelių buvo dedama į 100 g sidabro nitrato tirpalo. Po kurio laiko milteliai filtruojami, išdžiovinami ir pasveriami; miltelių masė buvo 26,51 g. Nustatykite cinko nitrato masės koncentraciją tirpale.
5 klausimas
Želatiną mėlyną medžiagą A neutralizuoja bespalvė medžiaga B ir susidaro mėlynas medžiagos B tirpalas. Tirpalui išgaravus ir nuosėdoms deginant susidaro: rudos dujos G, dujos D (bespalvės, kuriose rūkst skeveldros pliūpsniai) ir kietas E yra juoda spalva, kuri gali reaguoti su medžiaga B, sudarydama medžiagą C. Identifikuokite medžiagas A, B, C, D, E ir F ir pateikite atitinkamų reakcijų lygtis.
Atsakymai į testus
Bandomoji užduotis | № 1 | № 2 | № 3 | № 4 | № 5 |
Atsakymas | IN | A | B | IN | IN |
Bandomoji užduotis | № 6 | № 7 | № 8 | № 9 | № 10 |
Atsakymas | G | IN | A | IN | A |
Atsakymai į atvirus klausimus
Atsakymas į 1 klausimą:
Me2O3 + 3 H2SO4 = Me2(SO4)3 + 3 H2O
(2x + 48) g? mol (2x + 288) g/mol n (X) = m (X) ? M(X)
n (Me2O3) = n (Me2(SO4)3)
9.6? 2x + 48 = 24? 2x + 288; x = 56 (Fe – geležis)
Atsakymas į 2 klausimą:
4 P + 5O2 = 2 P2O5
2 Ca + O 2 = 2 CaO
3 CaO + P2 O5 = Ca3 (PO4)2
Atsakymas į 3 klausimą:
Vykstančių reakcijų lygtys:
BaCO3 + 2HCl = BaCl2 + CO2 + H2O (1)
Na2CO3 + 2HCl = 2NaCl + CO2 + H2O (2)
BaCl2 + Na2SO4 = BaSO4 + 2NaCl (3)
Remdamiesi BaSO4 nuosėdų mase ir reakcijos lygtimis (3) ir (1), nustatome BaCO3 masę.
Naudodami reakcijos lygtį (3), apskaičiuojame medžiagos BaCl2 kiekį:
n(BaCl2) = n(BaSO4) = 46,6 / 233 = 0,2 mol
Naudodami reakcijos lygtį (1), apskaičiuojame BaCO3 medžiagos kiekį ir jo masę:
n(BaCO3) = n(BaCl2) = 0,2 mol [iš reakcijos lygties (3)]
m(BaCO3) = 0,2? 197 = 39,4 g
Nustatykime karbonatų masės dalis mišinyje:
w(BaCO3) = 39,4 / 50 = 0,788 arba 78,8 %
w(Na2CO3) = 100 – 78,8 = 21,2 %
Atsakymas: w(BaCO3) = 78,8% w(Na2CO3) = 21,2%
Atsakymas į 4 klausimą:
Reakcijos lygtis
Zn + 2AgNO3 = Zn(NO3)2 + 2Ag
Skaičiavimo formulė
w(Zn(NO3)2) = m(Zn(NO3)2/(mp + m(Zn) – m(Ag))
Tegul x molių Zn ištirpsta, tada:
m(Zn) = 65x g
pagal reakcijos lygtį
v(Ag) = 2x, m(Ag) = 2 0,108x = 216x g
pagal medžiagų balanso lygtį
m0(Zn) – m(Zn) + m(Ag) = m1(Zn + Ag)
25 – 65x + 216x = 26,51 x = 0,01 molio Zn
Pagal reakcijos lygtį susidaro 0,01 mol Zn(NO3)2,
m(Zn(NO3)2) = 0,01. 189 = 1,89 g.
w(Zn(NO3)2) = 1,89/(100 + 0,01 . 65 – 216 . 0,01) = 0,0192 arba 1,92 %.
Atsakymas į 5 klausimą:
Želatininė mėlyna medžiaga A – Cu(OH)2
bespalvė medžiaga B – HNO3
Cu(OH)2 + 2HNO3 = Cu(NO3)2 + 2H2O
t0 t0ttВВ Cu(NO3)2 šios medžiagos tirpalas yra mėlynos spalvos. Kai šios druskos kristalai kalcinuojami, susidaro 3 medžiagos:
t0
2Cu(NO3)2 = 2CuO + 4NO2 + O2
CuO (CuO (medžiaga E juoda)
NO2 (g NO2 (rudosios dujos G)
O2 (bes O2 (bespalvės dujos D, kuriose liepsnojanti skeveldra)
Medžiaga Medžiaga E reaguoja su medžiaga B ir susidaro medžiaga C
CuO + CuO + 2HNO3 = Cu(NO3)2 + H2O
1. Oranžinių dažų dažantis pigmentas - raudonas švinas - turi Pb 3 O 4 sudėtį
1) Kokia gali būti švino oksidacijos būsena šiame junginyje?
2) Į kokią klasę cheminiai junginiai ar galima priskirti šią medžiagą?
3) Kai raudonasis švinas reaguoja su anglimi, galima gauti metalinį šviną. Parašykite reakcijos lygtį.
4) Kiek g švino galima gauti iš 6,85 g raudonojo švino, jei teoriškai galimos reakcijos išeiga yra 97%?
Atsakymas: 1. 1) Pb 2 PbO 4 – oksidacijos laipsniai +2 ir +4 arba Pb(PbO 2) 2 Švino oksidacijos laipsniai +2 ir +3
2) Tai švino (švino) rūgšties švino druska
3) Pb 3 O 4 + 2 C = 3 Pb + 2 CO 2
4) 6,85 g yra 0,01 molio raudonojo švino; iš jo bus 0,01 mol arba 6,21 g švino. Atsižvelgiant į išeigą 6,21 g švino x 0,97 = 6,02 g
2. Dujos A gali reaguoti su dujomis B, C, D. Kai A reaguoja su dujomis B ir D, susidaro medžiagos, kurios kambario temperatūroje yra dujinės. Kai dujos A reaguoja su dujomis C, susidaro skystis. Visais trimis atvejais produkto molinė masė yra didesnė molinė masė A ir mažesnė už antrojo reagento molinę masę. Pirmoji reakcija (su B) vyksta grįžtamai. Kai reakcijos A+B produktas sumaišomas su reakcijos A+D produktu, susidaro kieta medžiaga. Parašykite visų vykstančių reakcijų lygtis, nurodykite jų įgyvendinimo sąlygas.
Atsakymas: A – H 2, B – N 2, C – O 2, D – Cl 2
Reakcijos:
1) N2 + 3H2 = 2NH3
2) 2H2 + O2 = 2H2O
3) H2 + Cl2 = 2HCl
4) NH 3
+ HCl = NH 4
Cl
3. Pasirinkite iš medžiagų, su kuriomis gali reaguoti vanduo, sąrašo. Jei reakcijos galimos, parašykite joms lygtis ir nurodykite sąlygas, kuriomis jos gali vykti. Medžiagos: 1) KOH, 2) SO 3, 3) CaO, 4) Mg, 5) Fe, 6) grafitas
Atsakymas: 1) Tik KOH nereaguoja
2) SO3 + H 2 O = H 2 SO 4 atsargiai, pašildykite
3) CaO + H2 O = Ca(OH) 2 atsargiai, pašildant
4) Mg + 2 H2 O = Mg(OH) 2 + H 2
šviežios magnio drožlės reaguoja kambario temperatūroje
5) Fe + H2 O = FeO + H 2 kaitinant iki 500-700 g. SU
6) C + H2 O = CO + H 2 esant aukštesnei nei 1000 laipsnių temperatūrai. SU
4. Kurių jonų negali būti tame pačiame tirpale? Kodėl? Ba 2+; H+; CL - ; OH - ; SO4 2- . Patvirtinkite savo atsakymą. jonines lygtis. Užsirašykite bent du molekulines lygtis, atitinkančias jūsų sutrumpintas jonines lygtis.
Atsakymas:
Viename tirpale negali būti šių jonų:
a) Ba 2+ + SO 4 2- = BaSO 4 Dėl to susidaro nuosėdos.
BaCL 2 + H 2 SO 4 = BaSO 4 + 2 HCL
Ba(NO 3) 2 + Na 2 SO 4 = BaSO 4 + 2 NaNO 3
b) H + + OH - = H 2 O
HCL + NaOH = NaCL + H2O
HNO3 + KOH = KNO3 + H2O
5. 50 g bario ir natrio karbonatų mišinio ištirpinta druskos rūgšties perteklių. Įpilant natrio sulfato tirpalo perteklių į tirpalą, gautą po reakcijų, nusėda 46,6 g nuosėdų.
Atsakymas:
Vykstančių reakcijų lygtys:
BaCO 3 + 2HCl = BaCl 2 + CO 2 + H 2 O (1)
Na 2 CO 3 + 2HCl = 2NaCl + CO 2 + H 2 O (2)
BaCl 2 + Na 2 SO 4 = BaSO 4 + 2NaCl (3)
Pagal BaSO 4 nuosėdų masę ir reakcijos lygtis (3) ir (1) nustatome BaCO 3 masę.
1 klausimas
Kai 9,6 g metalo (III) oksido reaguoja su sieros rūgštimi, susidaro 24 g metalo (III) sulfato. Identifikuokite metalą.
2 klausimas
Parašykite vykstančių reakcijų lygtis ir nustatykite karbonatų masės dalis (%) mišinyje.
3 klausimas
25 g cinko miltelių buvo dedama į 100 g sidabro nitrato tirpalo. Po kurio laiko milteliai filtruojami, išdžiovinami ir pasveriami; miltelių masė buvo 26,51 g. Nustatykite cinko nitrato masės koncentraciją tirpale.
4 klausimas
Želatiną mėlyną medžiagą A neutralizuoja bespalvė medžiaga B ir susidaro mėlynas medžiagos C tirpalas. Tirpalui išgaravus ir nuosėdoms deginant susidaro: rudos dujos G, dujos D (bespalvės, kuriose rūkst skeveldros pliūpsniai) ir juoda kieta medžiaga E, kuri gali reaguoti su medžiaga B ir susidaryti medžiaga C. Identifikuokite medžiagas A, B, C, D, E ir E ir pateikite atitinkamų reakcijų lygtis.
5 klausimas
SX 1 X 2 X 3 X 4 X 5
Chemijos olimpiados mokyklinis etapas, 9 kl
1 klausimas
Kai 9,6 g metalo (III) oksido reaguoja su sieros rūgštimi, susidaro 24 g metalo (III) sulfato. Identifikuokite metalą.
2 klausimas
50 g bario ir natrio karbonatų mišinio ištirpinta druskos rūgšties perteklių. Įpilant natrio sulfato tirpalo perteklių į tirpalą, gautą po reakcijų, nusėda 46,6 g nuosėdų.
Parašykite vykstančių reakcijų lygtis ir nustatykite karbonatų masės dalis (%) mišinyje.
3 klausimas
25 g cinko miltelių buvo dedama į 100 g sidabro nitrato tirpalo. Po kurio laiko milteliai filtruojami, išdžiovinami ir pasveriami; miltelių masė buvo 26,51 g. Nustatykite cinko nitrato masės koncentraciją tirpale.
4 klausimas
Želatiną mėlyną medžiagą A neutralizuoja bespalvė medžiaga B ir susidaro mėlynas medžiagos C tirpalas. Tirpalui išgaravus ir nuosėdoms deginant susidaro: rudos dujos G, dujos D (bespalvės, kuriose rūkst skeveldros pliūpsniai) ir juoda kieta medžiaga E, kuri gali reaguoti su medžiaga B ir susidaryti medžiaga C. Identifikuokite medžiagas A, B, C, D, E ir E ir pateikite atitinkamų reakcijų lygtis.
5 klausimas
Atlikite transformacijų grandinę:
SX 1 X 2 X 3 X 4 X 5
Atsakymai
Atsakymas į 1 klausimą:
Me2O3 + 3 H2SO4 = Me2(SO4)3 + 3 H2O
(2x + 48) g? mol (2x + 288) g/mol n (X) = m (X) ?M(X)
n (Me2O3) = n (Me2(SO4)3)
9,6 ? 2
X + 48 = 24 ? 2
X + 288;
X= 56 (Fe –geležies)
Iš viso 5 taškai
Atsakymas į 2 klausimą:
Vykstančių reakcijų lygtys:
BaCO3 + 2HCl = BaCl2 + CO2 + H2O (1b)
Na2CO3 + 2HCl = 2NaCl + CO2 + H2O (1b)
BaCl2 + Na2SO4 = BaSO4 + 2NaCl (1b)
Remdamiesi BaSO4 nuosėdų mase ir reakcijos lygtimis (3) ir (1), nustatome BaCO3 masę.
Naudodami reakcijos lygtį (3), apskaičiuojame medžiagos BaCl2 kiekį:
n(BaCl2) = n(BaSO4) = 46,6 / 233 = 0,2 mol (1b)
Naudodami reakcijos lygtį (1), apskaičiuojame BaCO3 medžiagos kiekį ir jo masę:
n(BaCO3) = n(BaCl2) = 0,2 mol [iš reakcijos lygties (3)]
m(BaCO3) = 0,2? 197 = 39,4 g (1b)
Nustatykime karbonatų masės dalis mišinyje:
w(BaCO3) = 39,4 / 50 = 0,788 arba 78,8 % (1b)
w(Na2CO3) = 100–78,8 = 21,2 % (1b)
Atsakymas: w(BaCO3) = 78,8% w(Na2CO3) = 21,2%
Iš viso 7 taškai
Atsakymas į 3 klausimą
Reakcijos lygtis
Zn + 2AgNO3 = Zn(NO3)2 + 2Ag (1b)
Skaičiavimo formulė
w(Zn(NO3)2) = m(Zn(NO3)2/(mp-ra + m(Zn) – m(Ag)) (1b)
Tegul x molių Zn ištirpsta, tada:
m(Zn) = 65x g
pagal reakcijos lygtį
v(Ag) = 2x, m(Ag) = 2 0,108x = 216x g (1b)
pagal medžiagų balanso lygtį
m0(Zn) – m(Zn) + m(Ag) = m1(Zn + Ag)
25 – 65x + 216x = 26,51 x = 0,01 molio Zn (1b)
Pagal reakcijos lygtį susidaro 0,01 mol Zn(NO3)2,
m(Zn(NO3)2) = 0,01. 189 = 1,89 g (1b)
w(Zn(NO3)2) = 1,89/(100 + 0,01 . 65 – 216 . 0,01) = 0,0192 arba 1,92 %. (1b)
Iš viso 6 taškai
Atsakymas į 4 klausimą
Želatininė mėlyna medžiaga A – Cu(OH)2 (1b)
bespalvė medžiaga B – HNO3 (1b)
Cu(OH)2 + 2HNO3 = Cu(NO3)2 + 2H2O (1b)
Šios medžiagos Cu(NO3)2 tirpalas yra mėlynos spalvos. Kai šios druskos kristalai kalcinuojami, susidaro 3 medžiagos:
2Cu(NO3)2 = 2CuO + 4NO2 + O2(1b)
CuO (CuO (juodoje medžiagoje E) (1b)
NO2 (g NO2 (rudosios dujos G) (1b)
O2 (bes O2 (bespalvės dujos D, kuriose liepsnojančios atplaišos) (1b)
Medžiaga E reaguoja su medžiaga B ir susidaro medžiaga C
CuO + CuO + 2HNO3 = Cu(NO3)2 + H2O (1b)
Medžiaga B – Cu(NO3)2 (1b)
Iš viso 9 taškai
Atsakymas į 5 klausimą
4. Reakcijų lygtys ir medžiagų pavadinimai X1–X5:
S + Fe = FeS (geležies(II) sulfidas); 1 taškas
4 FeS + 7 O 2 = 2 Fe 2 O 3 + 4 TAIP 2 (sieros oksidasIV)); 1 taškas
2SO 2 + O 2 = 2SO 3 ( oksidas sieros(VI)); 1tašką
TAIP 3 + NaOH = NaHSO 4 ( vandenilio sulfatas natrio); 1 tašką
NaHSO 4 + NaOH = Na 2 TAIP 4 +H 2 O(sulfatas natrio) 1 tašką
Iš viso 5 taškai
Rezultatas -32 taškai
8-1 užduotis
Pratimas: (5 taškai)
8-2 užduotis
8-3 uždavinys
Pratimas: Iššifruokite geologų užrašus
8-4 uždavinys
Chemijos olimpiados mokyklinis etapas, 8 kl
8-1 užduotis
Buvo 1817 metai. susirinko Veimaro kunigaikštystės ministras, poetas ir filosofas Johanas Goethe. vakaro arbata jo draugai ir giminės. Tarp jų buvo chemijos profesorius Johanas Döbereineris, kunigaikščio sūnaus žmona Marija Pavlovna, Rusijos caro Aleksandro I sesuo ir kiti įtakingi asmenys. Döbereineris sakė, kad jei visi žinomi cheminiai elementai būtų sugrupuoti pagal jų savybių panašumą ir išdėstyti trys iš eilės didėjančia tvarka atominės masės, tada paaiškės kažkas stebinančio. Marija Pavlovna pastebėjo: „Dievas myli Trejybę...“
Pratimas: 1. Sugrupuokite šiuos cheminius elementus pagal savybes: litis, chloras, natris, kalcis, jodas, bromas, baris, kalis, stroncis (po 3 elementus kiekvienoje grupėje) ir išdėliokite juos didėjančia atomų masių tvarka. 2. Pabandykite atspėti, ką nustebino Döbereineris? (5 taškai)
8-2 užduotis
Ateina su cheminiai pavadinimai, mokslininkai kartais atsižvelgdavo į neįprastas naujojo elemento savybes. Kokie elementai įvardijami pagal spalvą ir kvapą? paprastos medžiagos ar jungtys? Pateikite 3 pavyzdžius.(Už kiekvieną pateikto elemento pavyzdį 1 taškas)
8-3 uždavinys
XX amžiaus pradžioje geologai, naudodami koordinates, žemėlapiuose užšifravo vertingų metalų rūdų radimo vietas. cheminiai elementai V Periodinė lentelė. Arabiškas skaitmuo nurodė laikotarpio numerį, o romėniškas – grupės numerį. Be to, įrašuose buvo ir rusiškos abėcėlės raidės – A ir B. Viename iš senų žemėlapių jie rado tokius žymėjimus: 4VIB, 4VIIIB2, 6IB, 6IIB.Pratimas: Iššifruokite geologų užrašus
8-4 uždavinys
Kaip nustatyti mišinio, susidedančio iš geležies, cukraus, sieros ir upės smėlio, komponentų masės dalis. Apibūdinkite veiksmų seką.
ATSAKYMAI
8-1 užduotis
Šie elementai skirstomi į 3 grupes: Litis, natris, kalis, Chloras, jodas, bromas; Kalcis, baris, stroncis.(2b) Kai šie elementai yra išdėstyti didėjančios atominės masės tvarka, Döbereineris nustatė, kad „triadoje“ antrojo elemento atominė masė yra maždaug lygi pirmojo ir trečiojo elementų atominių masių aritmetiniam vidurkiui.(3b)
Iš viso 5 b
8-2 užduotis
Kiekvienam pateiktam elemento pavyzdžiui: bromas – „bromas“ – nemalonus kvapas, rubidis – spektrą nuspalvina raudonai, siera – „syrah“ šviesiai geltona ir tt (1 taškas)
Iš viso 3 mlrd
8-3 uždavinys
4VIB koordinatės periodinėje sistemoje reiškia 4 periodą, o VIB – grupę, elementąchromas (1b)
4VIIIB2 – 4 periodas, VIIIB2 – grupė, elementasnikelio (1b)
6IB – 6 periodas, IB – grupė, elementas –aukso (1b)
6IIB – 6 laikotarpis, IIB – grupė, elementasgyvsidabris (1b)
Iš viso: 4 taškai.
8-4 uždavinys
Sprendimo elementas
1 Pasverkite mišinį.
2 Norėdami atskirti lygintuvą, naudokite magnetą ir pasverkite.
3 Įdėkite likusį sieros, druskos ir smėlio mišinį į vandenį.
4Siera atskiriama flotacijos būdu ir pasveriama.
5 Upės smėlį nufiltruojame ir po džiovinimo pasveriame.
6Išgarinkite likusį tirpalą ir gaukite druską, kurią taip pat pasveriame.
7 Raskite komponentų masės dalis, padalydami kiekvieno komponento masę iš viso mišinio masės.
KIEKVIENAS VEIKSMAS -1B. TIK 7 taškai
Iš viso 18 taškų
10-1 užduotis
10-2 užduotis
10-3 užduotis
10-4 užduotis
Mokyklinis chemijos olimpiados etapas, 10 kl
10-1 užduotis
Tai, ką mes žinome, yra ribota
ir tai, ko mes nežinome, yra begalė. Apulejus
Meškų drugių patelės patinams signalizuoja pasitelkdamos kvapiąją medžiagą – atraktantą. Tai 2-metilu pakeistas alkanas. Jo giminaitis molekulinė masė yra lygus 254. Parašykite šio alkano struktūrinę formulę.
10-2 užduotis
Sudeginus 7,5 g organinių medžiagų, susidarė 11,2 l (n.s.) anglies monoksido (IV) ir 13,5 g vandens. Šios medžiagos metano tankis yra 1,875. Apie ką organinės medžiagos mes kalbame apie? Pavadinkite šią medžiagą.
10-3 užduotis
Kokį tūrį 2-jodpropano (tankis 1,703 g/ml) reikia paimti, norint susintetinti vieną iš 6,02 g sveriančių heksano izomerų, jei reakcija vyksta 55,0 % išeiga?
10-4 užduotis
Apdorojant koncentruotą vario ir geležies mišinį azoto rūgštis Išsiskyrė 4,48 litro dujų, o tą patį mišinį paveikus druskos rūgštimi– 2,24 l. Nustatykite vario ir geležies masės dalis mišinyje.
10-1 užduotis
Nustatyta alkano molekulinė formulė: C 18 N 38 (5 b)
10-2 užduotis
1. C X H Y O Z + O 2 = x CO2 + y/2 H 2 O (gali nebūti tirpale)(1 taškas)
M (C X H Y O Z) = D * M (CH 4) = 1,875 * 16 = 30 g/mol (1 taškas)
2. n(C)=n(CO 2 ) = 0,5 apgamas (1 b .)
n(H)=2n(H 2 O) = 1,5 apgamas (1 b .)
3. m(C)=n*M=0,5*12=6g (1 taškas)
m(H) = n*M = 1,5*1 = 1,5 g (1 taškas)
Σm= m(C)+ m(H)=6+1,5=7,5g, vadinasi, nėra deguonies(1 taškas)
4. n(C): n(H) = 0,5: 1,5 = 1:3(1 taškas)
Paprasčiausia formulė:CH 3 (1 taškas)
M(CH3) = 15 g/mol
Todėl M(CxHy) /M(CH 3 ) = 30/15 = 2
Molekulinė formulė C 2 H 6 – etanas. (1 taškas)
Iš viso 10 b
10-3 užduotis
C 3 H 7 aš + 2 Na → C 6 H 14 + 2 NaI(1 taškas)
m teor. (C6H12
) = 6,02 / 0,55 = 10,945 g (1 taškas) n (C6H12) = 0,127 mol n (C3H7)
I) = 0,254 mol (1 taškas) m (C3H7I) = 0,254 mol.
Iš viso 5 b
10-4 užduotis
170 = 43,18 g V (C3H7
I) = 43,18 / 1,703 = 25,4 ml (2 taškai) 3 ( Reakcijų lygtys: ) Cu + 4HNO 3 ) 2 konc. 2 = Cu(NO 2 +2NEtašką)
+ 2H 2 O(1)(1 2 (2) (1 tašką)
Fe + 2HCl = FeCl 2 +H
Iš 1 lygties: n(NO 2 ) = 0,2 mol, n (Cu) = 0,1 mol, m (Cu) = 6,4 g (1 taškas)
Pagal 2 lygtį: n(H
) = 0,1 mol, n (Fe) = 0,1 mol, m (Fe) = 5,6 g (1 taškas)
Mišinio svoris: 6,4 g + 5,6 g = 12 g (1 taškas)
ω (Cu) = 6,4 / 12 = 0,53 ω (Fe) = 0,47 (1 taškas)
Iš viso 6 b Už visą darbą 26 balai
Visos Rusijos olimpiada
moksleiviai
Mokyklos etapas
Chemija
11 klasė
1 užduotis.
3 Taškų skaičius – 10. 2 3 2 užduotis. 2 ir 6 mol Cl 5 5 (g) + Cl
11 klasė
(d) ↔ PCl
11 klasė
pusiausvyros mišinyje.
3 užduotis. 4 užduotis. A,
vedantis į formavimąsi D 2OH . SU 3 activir 4 6CH 2 Cl KMnO 4 , H 2 TAIP 5
P 2 C 2 ←─−−−−−−−− O −−−−−−−−−→ B −−−−−−−→ IN −−−−−−−−−→ G −−−−−→ A,
Ag 3 A 12 400°C AlCl 6 TAIP 12 )
(C
11 klasė
Visos Rusijos olimpiada
moksleiviai
Mokyklos etapas
Chemija
H A-D, Palaipsniui pridedama prie 8% aliuminio chlorido tirpalo
11 klasė
1 užduotis.
vienoda masė 3 natrio karbonatas. Po reakcijos susidaręs mišinys filtruojamas ir gaunamas tirpalas, kuriame yra dvi druskos su vienodais anijonais ir vienodos masės frakcijos. Apskaičiuokite medžiagų masės dalis gautame filtrate ir natrio karbonato masės dalį pradiniame tirpale. 2 15,0 l talpos inde yra 3 moliai PCl 3 ir 6 mol Cl 2 . Tam tikroje temperatūroje reakcijos mišinyje nusistovėjo pusiausvyra: PCl 5 (g) + Cl 5 (g) + Cl
11 klasė
(d) ↔ PCl
(d) ↔ PCl
11 klasė
pusiausvyros mišinyje.
(G). Pusiausvyros konstanta šioje temperatūroje yra 25 mol/l. Apskaičiuokite PCl dujų molių skaičių 3 užduotis. 4 užduotis. A, 20 g metilamino, aminoacto rūgšties ir etilo acetato mišinys gali reaguoti su 4,93 litro vandenilio chlorido (n.o.). Tas pats 40 g sveriantis mišinys gali reaguoti su 300 ml 1,4 M kalio hidroksido tirpalo. Apskaičiuokite pradiniame mišinyje esančių medžiagų masės dalis.
vedantis į formavimąsi D 2OH . SU 3 activir 4 6CH 2 Cl KMnO 4 , H 2 TAIP 5
P 2 C 2 ←─−−−−−−−− O −−−−−−−−−→ B −−−−−−−→ IN −−−−−−−−−→ G −−−−−→ A,
Ag 3 A 12 400°C AlCl 6 TAIP 12 )
Diagramoje parodyta materijos virsmų grandinė kurio oro garų tankis 9,93 ir anglies kiekis 50 masės %. atnešti (C struktūrines formules
11 klasė
medžiagų
Chemija
Į 8% aliuminio chlorido tirpalą palaipsniui įpilama vienoda masė natrio karbonato. Po reakcijos susidaręs mišinys filtruojamas ir gaunamas tirpalas, kuriame yra dvi druskos su vienodais anijonais ir vienodos masės frakcijos. Apskaičiuokite medžiagų masės dalis gautame filtrate ir natrio karbonato masės dalį pradiniame tirpale.
Sprendimas:
Taškai
Pasibaigus reakcijai tirpale yra AlCl druskų 3 ir NaCl
1
2/3 x 2 x 2 x 2/3 x
2 AlCl 3 + 3 Na 2 CO 3 + 6H 2 O = 6NaCl + 2Al(OH) 3 ↓ + 3CO 2
2
Tegul pradinio AlCl tirpalo masė 3 lygus m g
M(NaCl) = 58,5 g/mol, M(AlCl 3 ) =133,5 g/mol
Kadangi galutiniame tirpale pagal sąlygą ω(NaCl) = ω(AlCl 3 ), sudarome lygtį: 58,5∙2x = 0,08m – 2/3x∙133,5 arba m =2575x
1
1
1
m filtratas=2m - m(Al(OH) 3 ) –m(CO 2 ) = 2∙2575x – 2/3x∙78 – 44x = 5054x
2
Taigi galutiniame tirpale druskų masės dalys yra:
ω(AlCl 3 ) = ω(NaCl) = (2х∙58,5)/5054х = 0,0231 (2,31 %)
1
Pradiniame sprendime: ω(Na 2 CO 3 ) = 106x/m = 106x/2575x = 0,0412 (4,12 %)
1
0
10
1 užduotis.
vienoda masė 3 natrio karbonatas. Po reakcijos susidaręs mišinys filtruojamas ir gaunamas tirpalas, kuriame yra dvi druskos su vienodais anijonais ir vienodos masės frakcijos. Apskaičiuokite medžiagų masės dalis gautame filtrate ir natrio karbonato masės dalį pradiniame tirpale. 2 15,0 l talpos inde yra 3 moliai PCl 3 ir 6 mol Cl 2 . Tam tikroje temperatūroje reakcijos mišinyje nusistovėjo pusiausvyra: PCl 5 (g) + Cl 5 (g) + Cl
Sprendimas:
Teisingo atsakymo turinys ir vertinimo instrukcijos(leidžiama ir kita atsakymo formuluotė, neiškreipianti jo reikšmės)
Taškai
Šios dujų fazės reakcijos pusiausvyros konstanta yra tokia:
2
Molinė koncentracija PCl 3 inde yra = 3/15 = 0,2 (mol/l), chloro koncentracija = 6/15 = (0,4 mol/l).
0,5
0,5
Pažymime pusiausvyrinę PCl koncentraciją 5 perX .
Pasiekus pusiausvyrą, medžiagų koncentracijos bus tokios:
PCl 3 ir 6 mol Cl 2 . Tam tikroje temperatūroje reakcijos mišinyje nusistovėjo pusiausvyra: PCl 5 (G).
0,2–х 0,4–х x
1
1
Pusiausvyros konstantą išreikškime šiomis koncentracijomis:
2
Išspręskime rezultatą kvadratinė lygtis, iš dviejų šaknų pasirenkant tą, kurios reikšmė mažesnė nei 0,2:
25 = x/[(0,2–x)∙(0,4–x)];
x 2 – 0,64x +0,08 = 0
x = 0,17 (mol/l).
1
1
15 litrų yra 0,17∙15 = 2,55 (mol) PCl 5
1
Visi atsakymo elementai parašyti neteisingai
0
Maksimalus balas
10
(d) ↔ PCl
(d) ↔ PCl
Sprendimas:
Teisingo atsakymo turinys ir vertinimo instrukcijos(leidžiama ir kita atsakymo formuluotė, neiškreipianti jo reikšmės)
Taškai
Metilaminas ir aminoacto rūgštis (glicinas) reaguoja su vandenilio chloridu:
CH 3 N.H. 2 + HCl → + Cl – ; H 2 NCH 2 COOH + HCl → + Cl –
2
Glicinas ir etilo acetatas gali reaguoti su kalio hidroksidu:
H 2 NCH 2 COOH + KOH → H 2 NCH 2 COOK+H 2 O;
CH 3 COOC 2 H 5 + KOH → CH 3 COOK + C 2 H 5 Oi
1
1
Vandenilio chlorido kiekis 4,93/22,4 = 0,22 (mol),
kalio hidroksidas 0,3∙1,4 = 0,42 (mol)
0,75
0,75
Žymėdami x, y ir z metilamino, glicino ir etilacetato kiekius 20 g sveriančiame mišinyje, sukursime 3 lygčių sistemą:
31x + 75y + 88z = 20
x + y = 0,22
2y + 2z = 0,42, kurį išsprendę gauname x = 0,1; y = 0,12; z = 0,09
3
Metilamino, glicino ir etilo acetato masės dalys mišinyje:
ω (CH 3 N.H. 2 ) = (31∙0,09)/20 = 0,15 (15%)
ω (H 2 NCH 2 COOH) = (75∙0,12) / 20 = 0,45 (45 %)
ω (CH 3 COOC 2 H 5 ) = (88∙0,09)/20 = 0,40 (40%)
0,5
0,5
0,5
Visi atsakymo elementai parašyti neteisingai
0
Maksimalus balas
10
pusiausvyros mišinyje.
(G). Pusiausvyros konstanta šioje temperatūroje yra 25 mol/l. Apskaičiuokite PCl dujų molių skaičių3 užduotis. 4 užduotis.A, 20 g metilamino, aminoacto rūgšties ir etilo acetato mišinys gali reaguoti su 4,93 litro vandenilio chlorido (n.o.). Tas pats 40 g sveriantis mišinys gali reaguoti su 300 ml 1,4 M kalio hidroksido tirpalo. Apskaičiuokite pradiniame mišinyje esančių medžiagų masės dalis.
vedantis į formavimąsi D 2OH . SU 3 activir 4 6CH 2 Cl KMnO 4 , t°P 2 TAIP 5
P 2 C 2 ←─−−−−−−−− O −−−−−−−−−→ B −−−−−−−→ IN −−−−−−−−−→ G −−−−−→ A,
Ag 3 A 12 400°C AlCl 6 TAIP 12 )
Pavadinkite medžiagasA - A, ir parašykite reakcijų lygtis.
Sprendimas:
Teisingo atsakymo turinys ir vertinimo instrukcijos(leidžiama ir kita atsakymo formuluotė, neiškreipianti jo reikšmės)
Taškai
A - acetilenas, kurį aiškiai lemia reakcija su amoniako tirpalas sidabro oksidas:
D 2 N 2 + 2OH → Ag 2 C 2 + 2NH 4 Cl+2NH 3 vandens
1
Pagal garų tankį randame molekulinę masęA, :
M r= 29∙9,93 = 288 (amu). Atsižvelgiant į tai, kad jame yra 50% anglies, t.y. 144 amu, jame yra 12 anglies atomų. Likę 144 amu tai lygiai 9 deguonies atomai, t.y. iš pradinės molekulės C 12 400°C AlCl 6 TAIP 12 atėmė lygiai 3 vandens molekules. (Galite tiesiog pamatyti, kad 288 skiriasi nuo molekulinės masės C 12 400°C AlCl 6 TAIP 12 54 amu, kuris reaguodamas su tokiu gerai žinomu vandenį šalinančiu agentu kaip P 2 TAIP 5 , tikriausiai reiškia 3 vandens molekulių pašalinimą). Taigi, medžiagos formulėA, - SU 12 APIE 9 .
1
1
3C 2 N 2 →C 6 N 6 (aktyvinta anglis, 400°C),
B - benzenas
1
D 6 N 6 +6 CH 3 Cl → C 6 (SN 3 ) 6 + 6HCl (esant AlCl 3 )
IN - heksametilbenzenas
2
5 D 6 ( CH 3 ) 6 +36KMnO 4 +54h 2 TAIP 4 → 5C 6 (COOH) 6 +36MnSO 4 +18 tūkst 2 TAIP 4 +84H 2 O(verdantis)
G - benzenheksakarboksirūgštis (melito rūgštis)
2
C 6 (COOH) 6 +3P 2 TAIP 5 → C 12 APIE 9 +6HPO 3
A, - benzenheksakarboksirūgšties anhidridas (melito anhidridas)
2
Visi atsakymo elementai parašyti neteisingai
0
Maksimalus balų skaičius 10
Iš viso už darbą - 40 b.
- Sujungus du nežinomus tirpalus, gaunamas tirpalas, kuriame yra tik Na + ir Cl – jonai. Pasirinkite penkių porų pavyzdžius pradinės medžiagos būtina tokiam sprendimui gauti. Užrašykite reakcijų lygtis molekuline ir jonine forma.
Kiti taip pat vertinami teisingi variantai, bet tik penkios poros.
- Parašykite reakcijų lygtis, atitinkančias šias transformacijas (A, B, C - vario junginiai):
- 50 g bario ir natrio karbonatų mišinio ištirpinta druskos rūgšties perteklių. Įpilant natrio sulfato tirpalo perteklių į tirpalą, gautą po reakcijų, nusėda 46,6 g nuosėdų.
Parašykite vykstančių reakcijų lygtis ir nustatykite karbonatų dalį (%) mišinyje.SPRENDIMAS TAŠKAI Vykstančių reakcijų lygtys:
BaCO 3 + 2HCl = BaCl 2 + CO 2 + H 2 O (1)1 taškas Na 2 CO 3 + 2HCl = 2NaCl + CO 2 + H 2 O (2) 1 taškas BaCl 2 + Na 2 SO 4 = BaSO 4 + 2NaCl (3) 1 taškas Pagal BaSO 4 nuosėdų masę ir reakcijos lygtis (3) ir (1) nustatome BaCO 3 masę.
Naudodami reakcijos lygtį (3), apskaičiuojame BaCl 2 medžiagos kiekį:
n (BaCl 2) = n (BaSO 4) = 46,6 / 233 = 0,2 mol1 taškas Naudodami (1) reakcijos lygtį, apskaičiuojame BaCO 3 medžiagos kiekį ir jo masę:
n(BaCO 3) = n(BaCl 2) = 0,2 mol [iš reakcijos lygties (3)]1 taškas m(BaCO 3) = 0,2 197 = 39,4 g 1 taškas Nustatykime karbonatų masės dalis mišinyje:
ω(BaCO 3) = 39,4 / 50 = 0,788 arba 78,8 %1 taškas ω(Na 2 CO 3) = 100 – 78,8 = 21,2 %
Atsakymas: ω(BaCO 3) = 78,8 %; ω(Na 2 CO 3) = 21,2 %1 taškas IŠ VISO UŽDUOTĮ 8 TAŠKAI - 8,96 l mišinio anglies dvideginio ir deguonies masė yra 14 g. Nustatykite mišinyje esančių dujų tūrį.
- Medžiaga, gauta sudeginus 24,00 g kalcio deguonyje, buvo ištirpinta 164,25 g druskos rūgšties tirpalo, kuriame yra 20% vandenilio chlorido. Tirpalas išgarinamas ir kalcinuotas.
Nustatykite sausos liekanos sudėtį ir masę.SPRENDIMAS TAŠKAI 2Ca + O 2 = 2CaO (1) 1 taškas CaO + 2HCl = CaCl 2 + H 2 O (2) 1 taškas m(HCl tirpale) = 164,25 0,2 = 32,85 g 1 taškas n(Ca) = 24/40 = 0,6 mol 1 taškas n(HCl) = 32,85/36,5 = 0,9 mol 1 taškas Pagal reakcijos lygtį (1)
n(CaO) = n(Ca) = 0,6 mol1 taškas Pagal (2) reakcijos lygtį n(CaO) = 0,5 n(HCl) = 0,45 mol 1 taškas Todėl n(CaO), kuris nereagavo (2) = 0,6 – 0,45 = 0,15 mol 2 taškai Vykstant reakcijai pagal (2) lygtį, susidaro 0,45 mol CaCl2. 1 taškas Po tirpalo išgarinimo (vanduo išgaruoja) ir kalcinavimo (kristaliniai hidratai suyra)
sausoje liekanoje bus 0,15 mol CaO ir 0,45 mol CaCl 2 .1 taškas Sausos liekanos masė = m(CaO) + m(CaCl2) =
= 0,15 56 + 0,45 111 = 8,4 + 49,95 = 58,35 g.
Atsakymas: Sausą likutį sudaro CaO ir CaCl 2, sausos liekanos masė 58,35 g2 taškai IŠ VISO UŽDUOTĮ 13 TAŠKŲ