MATEMATINĖ ANALIZĖ
I dalis
RIBŲ TEORIJA. Sekos riba ir funkcijos riba. Tikslios viršybės egzistencijos teorema.
Tegul kintamasis x n ima begalinę reikšmių seką
x 1 , x 2 , ..., x n , ..., (1)
ir žinomas kintamojo kitimo dėsnis x n, t.y. visiems natūralusis skaičius n galite nurodyti atitinkamą vertę x n. Todėl daroma prielaida, kad kintamasis x n yra funkcija n:
x n = f(n)
Apibrėžkime vieną iš svarbiausios sąvokos matematinė analizė – sekos riba arba, kas yra tas pats, kintamojo riba x n, einantis per seką x 1 , x 2 , ..., x n , ... . .
Apibrėžimas. Pastovus skaičius a paskambino sekos riba x 1 , x 2 , ..., x n , ... . arba kintamojo riba x n, jei savavališkai mažam teigiamam skaičiui e yra toks natūralusis skaičius N(t. y. numeris N), kad visos kintamojo reikšmės x n, pradedant nuo x N, skiriasi nuo a Autorius absoliuti vertė mažiau nei e. Šis apibrėžimas trumpai parašyta taip:
| x n - a |< (2)
visų akivaizdoje n N, arba kas tas pats,
Koši ribos nustatymas. Skaičius A vadinamas funkcijos f (x) riba taške a, jei ši funkcija apibrėžta tam tikroje taško a kaimynystėje, išskyrus patį tašką a, ir kiekvienam ε > 0 yra δ > 0 taip, kad visiems x, atitinkantiems sąlygą |x – a|< δ, x ≠ a, выполняется неравенство |f (x) – A| < ε.
Heine ribos nustatymas. Skaičius A vadinamas funkcijos f (x) riba taške a, jei ši funkcija apibrėžta tam tikroje taško a kaimynystėje, išskyrus patį tašką a, ir bet kuriai tokiai sekai, konverguojant į skaičių a, atitinkama funkcijų reikšmių seka konverguoja į skaičių A.
Jei funkcija f (x) turi ribą taške a, tai ši riba yra unikali.
Skaičius A 1 vadinamas funkcijos f (x) riba taške a kairėje, jei kiekvienam ε > 0 yra δ >
Skaičius A 2 vadinamas funkcijos f (x) riba taške a dešinėje, jei kiekvienam ε > 0 yra δ > 0, todėl nelygybė galioja visiems
Kairėje esanti riba žymima dešinėje esančia riba. Šios ribos apibūdina funkcijos veikimą kairėje ir dešinėje nuo taško a. Tai dažnai vadinama vienpusėmis ribomis. Nurodant vienpuses x → 0 ribas, pirmasis nulis paprastai praleidžiamas: ir. Taigi, dėl funkcijos
Jei kiekvienam ε > 0 yra taško δ kaimynystė, kad visiems x, atitinkantiems sąlygą |x – a|< δ, x ≠ a, выполняется неравенство |f (x)| >ε, tada jie sako, kad funkcija f (x) taške a turi begalinę ribą:
Taigi funkcija taške x = 0 turi begalinę ribą. Dažnai skiriamos +∞ ir –∞ lygios ribos. Taigi,
Jei kiekvienam ε > 0 yra δ > 0, kad kiekvienam x > δ nelygybė |f (x) – A|< ε, то говорят, что предел функции f (x) при x, стремящемся к плюс бесконечности, равен A:
Tikslios viršybės egzistencijos teorema
Apibrėžimas:АR mR, m yra viršutinis (apatinis) А paviršius, jei аА аm (аm).
Apibrėžimas: Aibė A apribota iš viršaus (iš apačios), jei egzistuoja m, kad galioja aA, am (am).
Apibrėžimas: SupA=m, jei 1) m yra A viršija
2) m': m'
InfA = n, jei 1) n yra A infimumas
2) n': n'>n => n' nėra A infimumas
Apibrėžimas: SupA=m yra toks skaičius, kad: 1) aA am
2) >0 a A, kad a a-
InfA = n yra toks skaičius, kad: 1) 1) aA an
2) >0 a A, kad a E a+
Teorema: Bet kuri netuščia aibė AR, apribota iš viršaus, turi tikslią viršūnę ir unikalią.
Įrodymas:
Sukonstruokime skaičių m skaičių tiesėje ir įrodykime, kad tai yra A viršybė.
[m]=maks.([a]:aA) [[m], [m]+1]A=>[m]+1 – viršutinė A riba
Segmentas [[m],[m]+1] – padalintas į 10 dalių
m 1 = max:aA)]
m 2 = maks., m 1:aA)]
m k =max,m 1 ...m K-1:aA)]
[[m],m 1 ...m K , [m],m 1 ...m K + 1 /10 K ]A=>[m],m 1 ...m K + 1/ 10 K – viršutinis kraštas A
Įrodykime, kad m=[m],m 1 ...m K yra aukščiausia suma ir kad ji yra unikali:
k: tada yra taškas, kuriame funkcija pasiekia maksimumą, yra taškas, kuriame funkcija pasiekia savo minimumą.
Įrodymas:
Tegul funkcija f(x) yra tolydi į , tada pagal 1 teoremą ji apribota šiuo intervalu. Todėl funkcijų reikšmių rinkinys yra ribotas. Tada, remiantis aukščiausiojo lygio principu, šis rinkinys turi tikslią viršutinę ir tikslią apatinę ribas.
Pažymime: ir parodome, kad tai bus didžiausia funkcijos f(x) reikšmė atkarpoje : .
Tarkime, priešingai, ty .
Nuo tada f(x)< .
pristatykime funkciją . Funkcija yra ištisinė, nes -f(x) 0. Tada pagal pirmąją Weierstrass teoremą funkcija apribota .
Kadangi ši nelygybė galioja, skaičius nėra tiksli viršutinė funkcijos reikšmių rinkinio riba. Mes pasiekiame prieštaravimą, o tai reiškia, kad mūsų prielaida yra neteisinga. Panašiai galima įrodyti, kad nuolatinė funkcija pasiekia savo minimali vertė. Teorema įrodyta.
DIFERENCIJOS FUNKCIJOS Ritinio ir Lagranžo teoremos.Formulė T
Eylor su likusiu terminu Lagrange forma. Rolio teorema.
Jei funkcija f(x) yra ištisinė uždarame intervale [a, b], ji turi išvestinę intervalo viduje ir jei
f(a) = f(b) 0 tada intervalo [a, b] viduje yra bent viena tokia reikšmė x< x 0 < b), что
(a 0 ) = 0.
f "(x Įrodymas.
Panagrinėkime du atvejus. 1. Funkcija f(x) yra pastovus intervale [ a, b ]; Tada f" (x) = 0 bet kam< x < b) x(a
, t.y. Rolle teoremos teiginys vykdomas automatiškai. 1. Funkcija 2. Funkcija nėra pastovus (1 pav.); tada jis pasiekia didžiausią ar mažiausią arba abi šias vertes vidiniame intervalo taške, nes f(b) = f(a) , o jei - f(a) mažiausia vertė 1. Funkcija, tada didžiausia reikšmė yra funkcija
[šiai apylinkei galima paimti intervalą ( 1. Funkcija Kadangi pagal sąlygą x 0 turi taške išvestinė, tada pagal teoremą apie būtinas atributas
(a 0 ) = 0 ,
ekstremumas,
ir Rolio teorema įrodyta. Rolle teorema turi paprastą geometrinį aiškinimą: jei duotas kreivės y = f(x) lankas AB, kurio kiekviename taške yra liestinė, o galai A ir B yra vienodu atstumu nuo Ox ašies, tai šiame lanke yra bent vienas taškas, kuriame kreivės liestinė t bus lygiagreti lanką sutraukiančiai stygai, taigi ir Ox ašiai
(žr. 1 pav.). Jei koordinačių ašis pasuksime kampu a, tai galai A Ir B lankai AB nebebus tokiu pat atstumu nuo ašies Jautis" , bet liestinė t lankai vis tiek bus lygiagreti akordui (žr. 1 pav.). Todėl natūralu tikėtis, kad teorema galioja: Jei pateikiamas kreivės y = f(x) lankas AB su nuolat kintančia liestine, tai šiame lanke yra bent vienas taškas, kuriame liestinė yra lygiagreti ją jungiančiai stygai AB
Lagrange'o teoremos Lagranžo teorema.[yra pastovus intervale [] Jei funkcija f(x) yra ištisinė uždarame intervale 0 tada intervalo [a, b] viduje yra bent viena tokia reikšmė x< x 0 < b), что
ir jo viduje yra išvestinė f "(x), tada yra bent viena tokia reikšmė x.
f "(x f(b) – f(a) = (b – a)f "(x)
Apsvarstykite pagalbininko funkciją,
F(x) = f(x) – k(x – a) Kur lankai- stygos kampinis koeficientas
(žr. 2 pav.).
Ši funkcija tenkina visas Rolio teoremos sąlygas. Tiesą sakant, kada x = a mes turime F(a) = f(a) - k(a - a) = f(a) , adresu x = b
mes turime 1. Funkcija A Be to, kadangi funkcija nuolatinis [ a, b] ir skiriasi ( a, b), tada funkcija F(x) = f(x) – k(x – a) yra nuolatinis [ a, b] ir skiriasi ( a, b).
Todėl pagal Rolle teoremą intervale ( a, b) yra toks punktas x 0 , Ką
F"(x 0 ) = 0 ,
(a 0 ) – k = 0
Iš čia mes turime
f(b) – f(a) = (b – a)f “ (x 0 ) ,
Q.E.D.
Nes a + (b - a) = b, tada vertė a+(b – a), kur Q yra tinkama teigiama trupmena (0 < < 1) , yra lygus tam tikram skaičiui intervale ( a, b), todėl Lagranžo formulę galima parašyti formoje
f(b) – f(a) = (b – a)f “
Jei įdėsite a = x, b = x +x, kur b - a =x, tada Lagranžo formulė bus parašyta formoje
y = f(x +x) - f(x) =xf"(x+x).
Anksčiau buvo įrodyta, kad jei funkcija lygi konstantai C bet kokia verte x intervale (a, b), tada jo išvestinė lygi nuliui.
Įrodykime dabar atvirkštinė teorema, kuri yra Lagrange'o teoremos pasekmė:
Jei išvestinė f "(x) išnyksta bet kurioms x reikšmėms intervale (a, b), tada šiame intervale f (x) = C.
Tiesą sakant, jei x 1 A x 2 - bet kurios dvi vertės intervale (a, b), tada pagal Lagrange'o teoremą turime
Tegu pvz 2 ) - f(x 1 ) = (x 2 -x 1 )f"(x 0 ),
kur, x 1 < x 0 < x 2 . Bet kadangi f"(x 0 ) = 0 , Tai
Tegu pvz 2 ) - f(x 1 ) = 0,
kuri įrodo mūsų teoremą.
Iš to tiesiogiai išplaukia svarbi teorema:
Jei dvi funkcijos f 1 (x) ir f 2 (x) turi tą pačią išvestinę intervale (a, b), tada jie skiriasi vienas nuo kito pastovia verte šiame intervale.
Iš tiesų, apsvarstykite funkciją
(x) = f 2 (x)–f 1 (x).
Tada už bet kokią vertę x nuo intervalo (a, b)
"(x) = f 2 "(x)-f 1 "(x) = 0.
Bet tai reiškia, kad (x) = C ir todėl
f 2 (x)–f 1 (x) = C.
Taylor formulė. Leiskite į intervaląfunkcija f(x) yra diferencijuojama n kartų ir galioja šios lygybės:
f(a) = f(b) = f "(a) = f ""(a)= ... = f (n-1) (a) = 0
Tada intervalo vidujeyra bent viena reikšmė su,prie kurio
f (n) (c) = 0
f "(x Autorius Rolio teorema x = b
f "(x 0 ) = 0 ,
Kur a< x 0 < b . Tada f "(x) intervale tenkina Rolle teoremą, nes pagal sąlygą f "(a) = 0 A f "(x 0 ) = 0 , ir todėl
f ""(x 1 ) = 0 ,
Kur a< x 1 < x 0 .
Rolle teoremos taikymas funkcijoms iš eilės f ""(x), f """(x), ..., f (n-1) (x), pagaliau randame:
f (n) (c) = 0,
Kur a< c < x n-1 < b . Teorema įrodyta.
Dabar išsiaiškinkime Taylor formulė su likusiu terminu Lagrange forma.
Tegul funkcija f(x) skiriasi n kartų per intervalą.
Apsvarstykite pagalbininko funkciją
(x) = f(x) – P(x),
Atskirkime n kartų funkcija (x). Tada turėsime
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
(n-1) (x) = f (n-1) (x)-A n-1 – A n (x - a),
(n) (x) = f (n) (x)-A n
Reikalaujame, kad funkcija (x) tenkino apibendrintos Rolio teoremos sąlygas. Tada turėsime
(1) .
Kadangi funkcija (x) tenkina apibendrintos Rolio teoremos sąlygas, tada yra tokia reikšmė su (a< c < b) , Ką
(n) (c) = f (n) c) – A n = 0 (2)
Ribotas rinkinys. Tikslūs kraštai
Moivre'o formulė
Jį 1707 m. rado A. Moivre; jos modernią žymėjimą pasiūlė L. Euleris 1748 m.
z n =r n e in j =r n(cos n j +i nuodėmė n j). (3)
(3) formulė įrodoma indukcija įjungta n.
Kompleksinių skaičių dauginimas
Ji akivaizdžiai teisi. Tarkime, kai kuriems tai tiesa n, įrodykime tai už n+1. Turime:
Tam tikram atvejui randame tą, kuris tenkina lygtį. Kitaip tariant, suraskime šaknį n laipsnis kompleksinis skaičius. Turime r n e in j =r e i y Þ n j=y+2p k, kÎZ , r= iš kur gauname formules
kurie naudojami šaknies apskaičiavimui n- kompleksinio skaičiaus laipsnis. Šaknies paieškos procesas n- kompleksinio skaičiaus laipsnis z galima apibūdinti taip. Jei šis skaičius nėra lygus 0, tada bus būtent tokios šaknys n. Visi jie bus teisingumo viršūnės n– kvadratas, įrašytas į spindulio apskritimą . Viena iš šio daugiakampio viršūnių turi argumentą, lygų.
Pavyzdys. Apskaičiuokite. Todėl šiuo atveju reikia trijų verčių:
Ryžiai. 1.7
komentuoti: palyginimo ženklai mažesni nei, didesni nei (<, >) nėra apibrėžti C .
1.3. Viršutinė ir apatinė rinkinio ribos realūs skaičiai
Ribojimas ir daugybės ribos.
E rinkinys apribotas aukščiau:$b"xÎ E:x£ b.
b - viršutinė rinkinio riba:"xÎE:x£ b.
Apribotas rinkinys:$a"xÎ E: x³ a.
a - apatinis kraštas rinkiniai:"xÎE: x ³ a.
Tiksli rinkinio suma yra tokia: b = sup E yra skaičius, atitinkantis dvi savybes:
1)(b – viršutinis kraštas)"xÎ E:x£ b.
2) (ne mažiau) "e>0 $ xÎ E: x > b- e.
Tikslus infimumas nustatomas panašiai a = inf E.Apribotas rinkinysE:$b"xÎ E: .
komentaras: Jeigu b = sup E, Tai -b= inf E¢, Kur E¢- veidrodis E daug, E¢={xÎR:(-x)ÎE} .
Teorema 1. Netuščia aibė, apribota aukščiau, turi aukščiausią sumą.
Įrodymas: Leiskite b viršutinė rinkinio riba E Ir aÎ E. Pažymėkime [ a 1 ,b 1 ] segmentas, jei joje yra taškų iš E. Kitu atveju per [ a 1 ,b 1 ] žymi atkarpą
Ryžiai. 1.8
Atkreipkite dėmesį į šio sukonstruoto segmento savybes:
1) "xÎE: x£ b 1 .
2) EÇ[ a 1 ,b 1 ] ¹ Æ .
Šią procedūrą kartojame [ a 1 ,b 1 ] ir tt Dėl to gauname įdėtų segmentų seką [ a k, b k], atitinkantis šias savybes:
1)"xÎE: x £ b k .
2) EÇ[ a k, b k ] ¹ Æ .
Tai įrodoma indukcija. Tarkime, kad segmentas [ a k, b k] su nurodytomis savybėmis. Padalinkite jį per pusę tašku. per [ a k + 1 ,b k + 1 ] žymi vieną iš segmentų , kuri turi netuščią sankryžą su E. Jei abiejuose yra
Ryžiai. 1.9
taškų iš E, Tas [ a k + 1 ,b k + 1 ] tebūnie dešinysis segmentas. Gautas segmentas turi savybes 1), 2). Šių segmentų ilgiai b k - a k =(b-a)/ 2k linkę į 0, taigi yra vienaskaita c bendri visiems šiems segmentams. Šis skaičius yra tiksli viršutinė šio rinkinio riba. Tikrai:
1) "xÎ E: x £ c.
Tarkime priešingai: $ xÎ E:x>c, imkime, nes jis egzistuoja tada, iš kur jis seka b n< x , o tai prieštarauja sąlygai xÎ[ a n, b n].
Ryžiai. 1.10
2) "e > 0 $xÎE: x > c - e.
Bet kokiam e yra n: b n - a n< e . Pasirinkime bet kurią xÎ[ a n, b n] . Dėl nuosavybės 1) tai bus tiesa x< c, Be to
c-x£ b n - a n< e . Taigi, reikalingas x.
Ryžiai. 1.11
Panašiai galima įrodyti, kad iš netuščios aibės, apribotos žemiau, yra infimum.
Teorema 2. Tikslus supremumas (jei jis yra) yra unikalus.
Įrodymas: Tebūnie du tikslūs veidai b 2 , b 1 , b 1 2 . Paimkite e = b 2 - b 1 > 0. Pagal nustatant tikslią viršutinę ribą (už b 2) $xÎ E: x > b 2 - e = b 1, o tai kam prieštarauja b 1 viršutinis kraštas.
Ryžiai. 1.12
komentuoti. Panašiai įrodoma, kad infimumas yra unikalus.
Jei E neapribota aukščiau, tada parašykite sup E = +¥, panašiai, jei E nėra apribotas žemiau, tada parašykite inf E= -¥ .
2 skyrius. Sekos
2.1. Pagrindinės sekos sąvokos
Skaičių seka Ir įvairios sąvokos, susietas su sekomis. Visų pirma, briaunos, riba, monotonija.
OPR1.
OPR2. tiksli viršutinė riba ir yra paskirtas maitinti A.
OPR2“.
UTV. OPR2. ó OPR2“.
=> OPR2 įvykdyta, t.y. M = sup A – mažiausia iš visų viršutinių ribų => M – viršutinė aibės A riba => (t. y. 1) OPR2“ buvo baigtas).
Dm 2) pagal prieštaravimą, t.y. aibės A viršutinė riba, o M nėra mažiausia viršutinė riba - prieštaravimas, nes M yra viršutinė riba => savybė 2) OPR2’ tenkinama.
<= выполнено ОПР2’, т.е.
Nes M' viršuje. Aibės A veidas, sl-but, M – mažiausia viršutinė aibės A riba => OPR2 įvykdyta.
Bilieto numeris 2 2 psl
OPR3.
OPR4. tikslus apatinis kraštas ir yra paskirtas inf A.
OPR4“.
UTV. OPR4. OPR4'
Įrodymas panašus su UTV. OPR2. ó OPR2“.
TEOREMA!!!
DOC-VO!!!
komentaras: jei aibė A neapribota aukščiau => ji neturi viršutinių ribų =>
Bilietas Nr. 1 „RIBOTI IR NERIBOTI RINKINIAI. PAVYZDŽIAI“.
OPR1: numeris A vardas. apribota aukščiau, Jei. Šiuo atveju M yra viršuje. mn-va A kraštas.
Pavyzdys: Ir tai ribojama iš viršaus. M = 3 – viršutinė riba. Bet koks skaičius, didesnis nei 3, yra viršutinė riba.
OPR2: numeris A vardas. apribota žemiau, Jei. Šiuo atveju m yra apatinis. mn-va A kraštas.
Pavyzdys:
N – apribota iš apačios. m = 1 – apatinė riba. Bet koks skaičius, mažesnis nei 1, bus apatinė riba.
OPR3: numeris A vardas. ribotas, jei jis ribojamas aukščiau ir žemiau, t.y. .
OPR3“: numeris A vardas. ribotas, Jei
Įrodome, kad OPR3 ó OPR3'
=> N.D. OPR3 => OPR3'
Turime: Leisk
Tie. baigtas OPR3'
<= Н.Д. ОПР3’ =>OPR3
Turime: ,t.y. baigtas OPR3.
OPR4. Mn – į A vadinamas neribotas, Jei
Bilietas Nr. 3 „SKAIČIŲ SEKA“.
OPR. Jei kiekvienam natūraliam skaičiui pagal kokį nors dėsnį įdedame skaičių, tai skaičius yra skaičių aibė , vadinama skaitine seka. pažymėkime paskutinio numerį. ; numeriai - sekos elementai
Pavyzdys:
OPR. Skaičius a vadinamas paskutinio limitu. , jei (bet kuriam teigiamam skaičiui)
Nurodoma:
Pavyzdys:
Pavadinimas: kaimynystė t.a.
Bilietas Nr.4 „B.M. PASKUTINIEJI IR JŲ ŠVENTieji (2 TEORĖS).
OPR. Paskutinis vadinamas be galo mažu (begaliniu mažumu), jei
Pavyzdys: b.m.last
SV-VA:
THEOREM_1!!! tebūnie – b.m. po gimdymo, tada:
1) po gimdymo b.m.last
2) Pogimdymas b.m.last
DOC-VO!!!
1) duota: b.m, t.y.
Dm, koks b.m. po gimdymo, t.y.
Išsirinkime ir pažymėkime.
Nes b.m. => numeriui ,
B.m. => numeriui
Nes įdėti numerį =>
2) Hm, ką b.m.last
Išsirinkime ir pažymėkime.
B.m. => numeriui,
B.m. => numeriui
Bilieto Nr. 4 2 puslapis
Nes įdėtas skaičius => def. b.m. už , t.y. b.m.
THEOREM_2!!!
Tegul b.m.paskutinė, ribota. tada teigiamas pogimdymas b.m.teigiama seka
OPR. Po gimdymo. ribotas Jeigu
DOC-VO!!!
Mes taisome.
Riba. =>
B.m.last => už
Pasekmė:
Tegul b.m.paskutinė. Tada už paskutinis b.m.
Tikrai, apsvarstykite po gimdymo.
Ogre po gimdymo. b.m, t.k b.m.
Pavyzdys:
TAI. pagal THEOREM_2!!!
komentaras:
Iš THEOREM_1!!! Iš to išplaukia
1) bet kokio dydžio baigtinis skaičius b.m. po gimdymo. yra b.m.last.
2) bet kurio baigtinio skaičiaus b.m sandauga. po gimdymo. yra b.m. po gimdymo.
Bilietas Nr. 5 „BB SEKOS IR JŲ RYŠYS SU BM SEKOMIS“.
OPR. tegul vadinasi b.b.paskutinis, jei
Pažymėkime
TEOREMA!!! Tegul b.b.last., Tada b.m.last.
DOC-VO!!!
Pataisyta Po gimdymo
TAI.
b.m. po gimdymo.
BB RYŠYS SU BM SEKOMIS.
B.b. po gimdymo. b.m. po gimdymo. Atvirkštinis ryšys.
Bilietas 18 funkcijų ribų savybės (a) ribos unikalumas. B) ribotos funkcijos, kurios turi apribojimą.)
Ribos unikalumas
TEOREMA!!! Jei f-i turi ribą ties K®0, tai ji yra unikali
DOC-VO!!!(iš priešingos pusės)
Leiskite Ir
Rassm X n¹a "n
Nes Þ duotai (X n ) sekai
Þ duotai ( X n ) sekai
Tai. ( f(x)-ch.p-t)priešingai, nes negali turėti
b¹c 2 skirtingos ribos Þ in = c
.Su
Pasekmės
Klausimas Nr.22 2d nuostabi riba
Pasekmės
(an-ne a x =lna)
Bil22str4
Bilietas 23 savybės bm funkcijos
bilieto 24 bb funkcijos ir jų ryšys su bb
Bilietas 26.ekvivalentiškumas bm f-ii.(lentelė, t.)
bilietas 26 2 psl
Bilietas 25. Bm f-y palyginimas.
Bilietas 28. Nepr-t f-ii taške.
mušti.28
BILIETAS 30. funkcijos nenutrūkstamumo taškų klasifikacija (apibrėžimas ir pavyzdžiai)
Tegu f(x) def. kai kuriose U(a) (m.b. neįskaitant t.a.). t.a. paskambino lūžio taškas funkcijos f(x), jei f nėra pastovi t.a. tebūnie t.a funkcijos f(x) nenutrūkstamumo taškas.
Def. 1) t.a.-lūžio taškas 1 rūšis, jei (t. y. daiktavardžiai yra baigtiniai vienpusiai)
2) Jei be to, tada t.a- nuimamas lūžio taškas.
3) t.a. – lūžio taškas 2 rūšis , jei tai nėra 1-osios rūšies plyšimas.
Pavyzdžiai. 1)y=sgn(x). x=0-t.r 1-osios rūšies, nes
2)y= , x=0 –t. įrenginį vieną kartą, nes
3) y= x=0 – 2-osios rūšies t.r, nes
,
2-ojo tipo nutrūkimo taškas.
3).
,
x=0 yra 2-osios rūšies nepertraukiamumo taškas.
4).
Nėra taško x=0 – 2-osios rūšies nutrūkimo taškas.
, . Taškas x=0 yra 2-osios rūšies nutrūkimo taškas.
Bilieto numeris 2 „VIRŠUTINĖ IR APATINĖ SKAIČIŲ RINKINIO RIBA. TEOREMA APIE TIKSLIŲ APATINĖS IR VIRŠUTINĖS RIBINĖS RIBŲ EGZAVIMĄ.
OPR1. M – aibės A viršutinė riba ó jei .
OPR2. mažiausias iš visų viršutinių aibės A paviršių, vadinamas tiksli viršutinė riba ir yra paskirtas maitinti A.
OPR2“. Skaičius M vadinamas tikslia viršutine skaičiaus A briauna, jei
UTV. OPR2. ó OPR2“.
=> OPR2 įvykdyta, t.y. M = sup A – mažiausia iš visų viršutinių ribų => M – viršutinė aibės A riba => (t. y. 1) OPR2“ buvo baigtas).
Dm 2) pagal prieštaravimą, t.y. aibės A viršutinė riba, o M nėra mažiausia viršutinė riba - prieštaravimas, nes M yra viršutinė riba => savybė 2) OPR2’ tenkinama.
<= выполнено ОПР2’, т.е.
Akivaizdu, kad M yra mažiausia viršutinė riba.
Dm pagal prieštaravimą, t.y. Tegul M yra ne mažiausias viršutinis paviršius. Paskyrimas pagal šv. 2) už šį prieštaravimą.
Nes M' viršuje. Aibės A veidas, sl-but, M – mažiausia viršutinė aibės A riba => OPR2 įvykdyta.
Bilieto numeris 2 2 psl
OPR3. m – aibės A apatinė riba ó jei .
OPR4. didžiausias iš visų apatinių aibės A paviršių, vadinamas tikslus apatinis kraštas ir yra paskirtas inf A.
OPR4“. Skaičius m vadinamas tiksliu aibės A infimumu, jei
UTV. OPR4. OPR4'
Įrodymas panašus su UTV. OPR2. ó OPR2“.
TEOREMA!!! Kiekvienas netuščias rinkinys, apribotas aukščiau (žemiau), turi tikslią viršutinę (apatinę) ribą.
DOC-VO!!! Netuščias rinkinys A – ribotas. iš viršaus, tada aibė A turi bent vieną viršutinę ribą. Tegu Y yra aibės A visų viršutinių paviršių aibė, t.y. , o aibė Y yra netuščia, nes A rinkinys turi bent vieną viršutinę ribą.
TAI. netuščios sekos A ir Y ir tęstinės pagal kilmę. galioja skaičiai t.y. viršutinė mn-va riba A. M = sup A.
komentaras: jei aibė A neapribota aukščiau => ji neturi viršutinės ribos => nėra tikslios viršutinės ribos. Šiuo atveju kartais manoma, kad . Taip pat, jei rinkinys A nėra ribojamas. iš apačios kartais manoma, kad
Ribotas rinkinys. Tikslūs kraštai
Moivre'o formulė
Jį 1707 m. rado A. Moivre; jos modernią žymėjimą pasiūlė L. Euleris 1748 m.
z n =r n e in j =r n(cos n j +i nuodėmė n j). (3)
(3) formulė įrodoma indukcija įjungta n.
Kompleksinių skaičių dauginimas
Ji akivaizdžiai teisi. Tarkime, kai kuriems tai tiesa n, įrodykime tai už n+1. Turime:
Pateiktam atvejui rasime tą, kuris tenkina lygtį. Kitaip tariant, rasime šaknį n- kompleksinio skaičiaus laipsnis. Turime r n e in j =r e i y Þ n j=y+2p k, kÎZ , r= iš kur gauname formules
kurie naudojami šaknies apskaičiavimui n- kompleksinio skaičiaus laipsnis. Šaknies paieškos procesas n- kompleksinio skaičiaus laipsnis z galima apibūdinti taip. Jei šis skaičius nėra lygus 0, tada bus būtent tokios šaknys n. Visi jie bus teisingumo viršūnės n– kvadratas, įrašytas į spindulio apskritimą . Viena iš šio daugiakampio viršūnių turi argumentą, lygų.
Pavyzdys. Apskaičiuokite. Todėl šiuo atveju reikia trijų verčių:
Ryžiai. 1.7
komentuoti: palyginimo ženklai mažesni nei, didesni nei (<, >) nėra apibrėžti C .
1.3. Viršutinė ir apatinė realiųjų skaičių aibės ribos
Ribojimas ir daugybės ribos.
E rinkinys apribotas aukščiau:$b"xÎ E:x£ b.
b - viršutinė rinkinio riba:"xÎE:x£ b.
Apribotas rinkinys:$a"xÎ E: x³ a.
a - komplekto info:"xÎE: x ³ a.
Aibės viršija: b = sup E yra skaičius, atitinkantis dvi savybes:
1)(b – viršutinis kraštas)"xÎ E:x£ b.
2) (ne mažiau) "e>0 $ xÎ E: x > b- e.
Tikslus infimumas nustatomas panašiai a = inf E.Apribotas rinkinysE:$b"xÎ E: .
komentaras: Jeigu b = sup E, Tai -b= inf E¢, Kur E¢- veidrodis E daug, E¢={xÎR:(-x)ÎE} .
Teorema 1. Netuščia aibė, apribota aukščiau, turi aukščiausią sumą.
Įrodymas: Leiskite b viršutinė rinkinio riba E Ir aÎ E. Pažymėkime [ a 1 ,b 1 ] segmentas, jei joje yra taškų iš E. Kitu atveju per [ a 1 ,b 1 ] žymi atkarpą
Ryžiai. 1.8
Atkreipkite dėmesį į šio sukonstruoto segmento savybes:
1) "xÎE: x£ b 1 .
2) EÇ[ a 1 ,b 1 ] ¹ Æ .
Šią procedūrą kartojame [ a 1 ,b 1 ] ir tt Dėl to gauname įdėtų segmentų seką [ a k, b k], atitinkantis šias savybes:
1)"xÎE: x £ b k .
2) EÇ[ a k, b k ] ¹ Æ .
Tai įrodoma indukcija. Tarkime, kad segmentas [ a k, b k]su nurodytomis savybėmis. Padalinkite jį per pusę tašku. per [ a k + 1 ,b k + 1 ] žymi vieną iš segmentų , kuri turi netuščią sankryžą su E. Jei abiejuose yra
Ryžiai. 1.9
taškų iš E, Tas [ a k + 1 ,b k + 1 ] tebūnie dešinysis segmentas. Gautas segmentas turi savybes 1), 2). Šių segmentų ilgiai b k - a k =(b-a)/ 2k linkęs į 0, todėl yra vienas skaičius c bendri visiems šiems segmentams. Šis skaičius yra tiksli viršutinė šio rinkinio riba. Tikrai:
1) "xÎ E: x £ c.
Tarkime priešingai: $ xÎ E:x>c, imkime, nes jis egzistuoja tada, iš kur jis seka b n< x , o tai prieštarauja sąlygai xÎ[ a n, b n].
Ryžiai. 1.10
2)"e> 0 $ xÎE: x > c - e.
Bet kokiam e yra n: b n - a n< e . Pasirinkime bet kurią xÎ[ a n, b n] . Dėl nuosavybės 1) tai bus tiesa x< c, Be to
c-x£ b n - a n< e . Taigi, reikalingas x.
Ryžiai. 1.11
Panašiai galima įrodyti, kad iš netuščios aibės, apribotos žemiau, yra infimum.
Teorema 2. Tikslus supremumas (jei jis yra) yra unikalus.
Įrodymas: Tebūnie du tikslūs veidai b 2 , b 1 , b 1 2 . Paimkite e = b 2 - b 1 > 0. Nustatydami tikslią viršutinę ribą (už b 2)$xÎ E: x > b 2 - e = b 1, o tai kam prieštarauja b 1 viršutinis kraštas.
Ryžiai. 1.12
komentuoti. Panašiai įrodoma, kad infimumas yra unikalus.
Jei E neapribota aukščiau, tada parašykite sup E = +¥, panašiai, jei E nėra apribotas žemiau, tada parašykite inf E= -¥ .